|
|
|
Ngoài một số quy định đã được nêu trong phần Quy định của Ghi Danh , mọi người tranh thủ bỏ ra 5 phút để đọc thêm một số Quy định sau để khỏi bị treo nick ở MathScope nhé ! * Quy định về việc viết bài trong diễn đàn MathScope * Nếu bạn muốn gia nhập đội ngũ BQT thì vui lòng tham gia tại đây |
| Ðiều Chỉnh | Xếp Bài |
03-05-2011, 11:08 AM | #31 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Apr 2011 Bài gởi: 16 Thanks: 0 Thanked 5 Times in 5 Posts | |
03-05-2011, 03:03 PM | #32 |
Moderator Tham gia ngày: Oct 2010 Bài gởi: 1,260 Thanks: 380 Thanked 737 Times in 398 Posts | 15.Cho tam giác ABC có 2 góc nhọn A,B thỏa: $\tan^2 {A}+\tan^2 {B}=2\tan^2 {\frac{A+B}{2}} $ Chứng minh tam giác này cân |
03-05-2011, 03:08 PM | #33 | |
+Thành Viên Danh Dự+ | những cách chứng minh hay Chắc hẳn mọi người đều biết những bổ đề lượng giác sau: $\forall \triangle ABC $ $T_1=\sin \frac{A}{2}+\sin \frac{B}{2}+ \sin \frac{C}{2} \le \frac{3}{2} $ $T_2=\cos A+\cos B+\cos C \le \frac{3}{2} $ $T_3=\sin A +\sin B +\sin C \le \frac{3\sqrt{3}}{2} $ $T_4=\cos \frac{A}{2}+\cos \frac{B}{2}+\cos \frac{C}{2} \le \frac{3\sqrt{3}}{2} $ Mọi người hãy post những cách giải mà mọi người tâm đắc lên nhé __________________ H.B.M Trích:
Phây bút (facebook) của mình: [Only registered and activated users can see links. ] | |
03-05-2011, 03:21 PM | #34 | |
Moderator Tham gia ngày: Oct 2010 Bài gởi: 1,260 Thanks: 380 Thanked 737 Times in 398 Posts | Trích:
$\sin {\frac{A}{2}} \leq \frac{a}{2\sqrt {bc}} $ $\sin{\frac{A}{2}}\sin{\frac{B}{2}}\sin{\frac{C}{2} }\leq \frac{1}{8} $ | |
The Following User Says Thank You to Anh Khoa For This Useful Post: | G-Dragon (03-05-2011) |
03-05-2011, 10:04 PM | #35 | ||
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Mar 2011 Đến từ: Hi, I'm Nos, the man on the moon Bài gởi: 88 Thanks: 131 Thanked 85 Times in 36 Posts | Trích:
như vậy $\frac{\sin(A+B)}{\cos A \cos B} \ge \frac{2\sin\frac{A+B}{2}}{\cos\frac{A+B}{2}} $ vì tử luôn dương, cho nên $\tan A+\tan B \ge 2\tan \frac{A+B}{2} $ từ đó ta có: $\tan^2 {A}+\tan^2 {B} \ge \frac{(\tan A+\tan B)^2}{2} \ge \frac{\bigg(2\tan \frac{A+B}{2}\bigg)^2}{2}=\tan^2 {\frac{A+B}{2}} $ điều phải chứng minh. ------------------------------ Trích:
sử dụng định lí cos ta có: $VT=\sin \frac{A}{2}=\sqrt{\frac{1-\cos A}{2}}=\sqrt{\frac{1-\frac{b^2+c^2-a^2}{2bc}}{2}}=\sqrt{\frac{a^2+2bc-b^2-c^2}{4bc}}=\sqrt{\frac{a^2-(b-c)^2}{4bc}} \le \sqrt{\frac{a^2}{4bc}}=VP $ thay đổi nội dung bởi: G-Dragon, 03-05-2011 lúc 10:54 PM Lý do: Tự động gộp bài | ||
03-05-2011, 10:26 PM | #36 |
Moderator Tham gia ngày: Oct 2010 Bài gởi: 1,260 Thanks: 380 Thanked 737 Times in 398 Posts | Cám ơn bạn 16.Tìm giá trị lớn nhất và nhỏ nhất của hàm số: $y= \sin {\frac{2x}{1+x^2}}+ \cos {\frac{4x}{1+x^2}}+1 $ ------------------------------ Để chứng minh các bất đẳng thức tổng trên thì có nhiều cách khác nhau,ở đây mình muốn trình bày về định lí Jensen Cho $f $ xác định trên D và thỏa: $f(x_1)+f(x_2)\geq 2 f(\frac{x_1 + x_2}{2}) $,với mọi $x_1,x_2 \in D $ Chứng minh: $f(x_1)+f(x_2)+...+f(x_n)\geq n f(\frac{x_1 + x_2 +...+x_n}{n}) $ với mọi $x_i \in D,i=1,2,...,n $ Tương tự ta có kết quả trên đối với trường hợp $\leq $ __________________ thay đổi nội dung bởi: Anh Khoa, 03-05-2011 lúc 11:17 PM Lý do: Tự động gộp bài |
The Following User Says Thank You to Anh Khoa For This Useful Post: | G-Dragon (03-05-2011) |
03-05-2011, 11:17 PM | #37 |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Mar 2011 Đến từ: Hi, I'm Nos, the man on the moon Bài gởi: 88 Thanks: 131 Thanked 85 Times in 36 Posts | Bài 1:Cho $x_1,x_2,...,x_{13} $ là $13 $ số thực phân biệt. Chứng minh rằng : tồn tại $2 $ số $x_i $ và $x_j $ sao cho $0<\frac{x_i-x_j}{1+x_jx_i}<2-\sqrt{3} $ Bài 2:Cho $x,y,z $ là $3 $ số thực bất kì. Chứng minh rằng: $\frac{|x-y|}{\sqrt{1+x^2}.\sqrt{1+y^2}}+\frac{|y-z|}{\sqrt{1+y^2}.\sqrt{1+z^2}} \ge \frac{|z-x|}{\sqrt{1+z^2}.\sqrt{1+x^2}} $ Bài 3:Cho $x+y+z=xyz $. Chứng minh rằng: $x(y^2-1)(z^2-1)+y(x^2-1)(z^2-1)+z(x^2-1)(y^2-1)=4xyz $ thay đổi nội dung bởi: G-Dragon, 03-05-2011 lúc 11:23 PM |
03-05-2011, 11:23 PM | #38 | |
Moderator Tham gia ngày: Oct 2010 Bài gởi: 1,260 Thanks: 380 Thanked 737 Times in 398 Posts | Trích:
Trở thành: $0<\tan (a-b) < \tan {\frac{\pi}{12}} $ | |
The Following User Says Thank You to Anh Khoa For This Useful Post: | G-Dragon (03-05-2011) |
03-05-2011, 11:29 PM | #39 | ||
+Thành Viên Danh Dự+ | Trích:
__________________ H.B.M Trích:
Phây bút (facebook) của mình: [Only registered and activated users can see links. ] | ||
03-05-2011, 11:32 PM | #40 | |
Moderator Tham gia ngày: Oct 2010 Bài gởi: 1,260 Thanks: 380 Thanked 737 Times in 398 Posts | Trích:
Đặt $x=\tan a,y=\tan b,z=\tan c $ rồi sử dụng $|A|+|B|\geq |A+B| $ PS:Minh làm thử bài 2 ở trang 1 xem,chưa thấy ai làm cả | |
03-05-2011, 11:38 PM | #41 | |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Mar 2011 Đến từ: Hi, I'm Nos, the man on the moon Bài gởi: 88 Thanks: 131 Thanked 85 Times in 36 Posts | Trích:
Trong $4 $ số dương $a_1,a_2,a_3,a_4 $ luôn tìm được 2 số $a_i,a_j $ sao cho: $0 \le \frac{a_j-a_i}{1+a_i+a_j+2a_ia_j} <2-\sqrt{3} $ | |
04-05-2011, 12:16 AM | #42 | |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: Apr 2011 Bài gởi: 37 Thanks: 16 Thanked 24 Times in 18 Posts | Trích:
$-\sin 2x-2\cos 2x\sin x=2\sqrt{2} $ $\sin x(\cos 2x+\cos x)=-\sqrt{2} $ $\sin x(2\cos ^2x+\cos x -1)=-\sqrt{2} $ +)Nếu $2\cos ^2x+\cos x -1>0 $ thì $VT\geq-1>-\sqrt{2} $ +)Nếu $2\cos ^2x+\cos x -1\leq0 $ thì Ta có $2\cos ^2x+\cos x -1\geq -\frac{9}{8} $ và $\sin x\leq 1 $ nên $\sin x(2\cos ^2x+\cos x -1)\geq -\frac{9}{8}>-\sqrt{2} $ Vậy phương trình đã cho vô nghiệm. @ anhkhoavo2010: Bài 16 của bạn mình cũng làm ra rồi, nhưng kết quả GTNN không đẹp cho lắm! Đặt $t=\frac{2x}{x^2+1} $ ĐK:$-1\leq t\leq 1 $ Xét hàm số $f(t)=\sin t+\cos 2t+1=-2\sin^2 t+\sin t+2 $ thay đổi nội dung bởi: thanhtungkid, 04-05-2011 lúc 12:31 AM Lý do: tự động gộp bài. | |
04-05-2011, 01:39 AM | #43 | |
Administrator | Trích:
Đặt $x_i = \tan a_i $ và $0 \le a_i < \pi $. Do có 13 số $a_i $ như thế chia nửa khoảng $[0, \pi) $ ra thành 12 miền nên nên tồn tại hai số $i, j $ mà $|a_i - a_j| < \frac{\pi}{12} $. Khi đó $\tan (x_i-x_j) < \tan \frac{\pi}{12} = 2 - \sqrt{3} $. So sánh hai số $a_i, a_j $ để được $\tan (x_i-x_j) > 0 $ nữa là xong. Bài em hỏi hình như có trong cuốn Tuyển tập 10 năm đề Olympic 30-4 thì phải. Anh cũng không nhớ giải theo hướng nào nhưng chắc là cũng đặt $x_i = \tan a_i $ rồi xét trong $[0, \pi) $ để suy ra có hai số $a_i, a_j $ mà $|a_i - a_j| < \frac{\pi}{3} $. Ủng hộ một bài về HPT lượng giác vừa mới chế xong! Bài 17. Cho hệ phương trình sau: $\left\{\begin{matrix} y = \dfrac{x^2}{2} + 1\\ (x - \dfrac{x^2 + y - 1}{y-1})^2 = \dfrac{1}{x} \end{matrix}\right. $ Gọi $(x,y) $ là một nghiệm của HPT thỏa $|x| < 1 $.Chứng minh rằng: $y - 2x = \cos \frac{2 \pi}{9} $ Gửi các bạn một số chuyên đề lượng giác cũng khá hay. __________________ Sự im lặng của bầy mèo thay đổi nội dung bởi: huynhcongbang, 04-05-2011 lúc 01:45 AM | |
The Following 2 Users Say Thank You to huynhcongbang For This Useful Post: | Anh Khoa (21-07-2011), phamtiendat (07-05-2011) |
04-05-2011, 09:50 AM | #44 |
Moderator Tham gia ngày: Jan 2011 Đến từ: Solar System Bài gởi: 367 Thanks: 201 Thanked 451 Times in 220 Posts | Ta có $y-2x=\frac{1}{2}(x-2)^2+1 $. Từ giả thiết thứ 2 ta có $(x-3)^2=\frac{1}{x} $ hay $x^3-6x^2+9x-1=0 $ $\Leftrightarrow (x-2)^3-3(x-2)+1=0 $ Đặt $x-2=2\cos a $. Vì $\left | x \right |<1 $ nên $\cos a<-\frac{1}{2} $. Ta có phương trình $8\cos ^3a-6\cos a+1=0 $ hay $2(4\cos ^3a-3\cos a)+1=0 $ suy ra $\cos 3a=-\frac{1}{2} $ Từ đây ta suy ra các họ nghiệm $a=\frac{2\pi}{9}+k2\pi;a=\frac{8\pi}{9}+k2\pi;a= \frac{14\pi}{9}+k2\pi $ với $k\in \mathbb{Z} $ Vì $\cos a<-\frac{1}{2} $ nên ta lấy giá trị $a=\frac{8\pi}{9} $, suy ra $x-2=2\cos \frac{8\pi}{9} $ Từ đó có $y-2x=2\cos^2 \frac{8\pi}{9}-1=2\cos^2 \frac{\pi}{9}-1=\cos \frac{2\pi}{9} $(đpcm) |
The Following User Says Thank You to magician_14312 For This Useful Post: | daylight (09-05-2011) |
04-05-2011, 10:46 AM | #45 | |
+Thành Viên+ Tham gia ngày: May 2011 Bài gởi: 8 Thanks: 3 Thanked 0 Times in 0 Posts | Trích:
| |
Bookmarks |
|
|